Примеры ручного расчёта установившегося режима, без учёта потерь мощности

В данной статье представлены примеры оценки параметров установившегося режима электрчиеской сети, на основе алгоритмов оптимизированных для ручного расчёта.

С уелью упрощения расчётов продольные и поперечные потери в ветвях мощности не учитываются.

Пример расчёта сети с двумя контурами

Исходная схема электрической сети, с двумя контурами

Выделение дерева сети.

Алгоритм расчета методом контурных токов:

• Составление направленного графа сети (расстановка условно-положительных направлений по ветвям).
• Выделение "дерева" электрической сети

Дерево- граф без цикла ( односвязный граф), т.е. выделение "простого пути" .

• Выделение условно-положительных направлений обхода контура.
• Расчет собственных и взаимных сопротивлений контура.
• Составление контурного уравнения.
• Расчет контурного уравнения.
• Если требуется расчет потери мощности сети, то применять метод разрезания контуров.

Например, Исходные данные:

1. Мощности нагрузок узлов: [math] S_{1}=60+j32;\text{ } S_{2}=10+j5;\text{ } S_{3}=40+j22;\text{ } S_{4}=-30-j17\text{ }. [/math]
2. Напряжения базисного узла:[math]\dot{U}_{\text{Б}}=115[/math] кВ.
3. Проводимость шунта: 378 [мкСм].
4. Марка проводов всех ЛЭП: АС-240.
5. Длины ЛЭП:
   • 1-2: 3х60 км;
   • 1-3: 1х40 км;
   • 2-3: 1х30 км;
   • 2-4: 2х50 км;
   • 3-4: 2х50 км;
   • 4-5: 2х50 км.

Решение: Сворачиваем шунт в узле 3 : [math] \dot{S} = \dot{U}^{2} \cdot \hat{Y} = 115^{2} \cdot (-j 151,2) \cdot 10^{-6}=-j 2 [/math] (Мвар).

[math] S_{3n}=S_{3}+\bigtriangleup S_{ }=40+j 22+ (-j2)=40+j 20 [/math] Переносим базисный узел в 4 узел, …

Составление системы уравнений:

[math]S_{I}\times Z{_{II}} +S_{II}\times Z{_{I;II}} +C_{1}=0 [/math]

[math]S_{I}\times Z{_{II; I}} +S_{II}\times Z{_{II;II}} +C_{2}=0 [/math],

где [math]Z{_{II; I}}=Z{_{I; II}}[/math] –взаимные сопротивления контуров (учитывая направление обхода контуров)

[math]Z{_{I; I}},Z{_{II; II}}[/math] – собственные сопротивления контуров

[math]C_{1}, C_{2}[/math] – (…, исходя из базисного узла, двигаемся по "дереву", учитывая направление обхода контура)

[math]Z{_{II; I}}=Z{_{I; II}}=Z_{23}[/math]

[math]Z{_{I; I}}=Z_{13}+Z_{32}+Z_{12}[/math]

[math]Z{_{II; II}}=Z_{23}+Z_{24}+Z_{34}[/math]

[math]C_{2}=S_{3n}\times (Z_{23}+Z_{24})+S_{2}\times Z_{24}+S_{1}\times (Z_{23}+Z_{24})[/math]

[math]C_{1}=S_{1}\times (Z_{13}+Z_{23})+S_{3n}\times Z_{23}[/math]

Подстановка в исходную систему уравнений:

[math]S_{I}\times (Z_{13}+Z_{32}+Z_{12})+S_{II}\times Z_{23}+(S_{1}\times (Z_{13}+Z_{23})+S_{3n}\times Z_{23})=0[/math]

[math]S_{I}\times Z_{23}+S_{II}\times (Z_{23}+Z_{24}+Z_{34})+(S_{3n}\times (Z_{23}+Z_{24})+S_{2}\times Z_{24}+S_{1}\times (Z_{23}+Z_{24}) )=0[/math] Так как все линии однородны (одного сечения), можем представить полное сопротивление линий эквивалентно их длине

Тогда, произведя соответствующую подстановку, получим такую систему:

[math]S_{I}\times (\frac{60}{2}+\frac{50}{2}+\frac{60}{2})+S_{II}\times \frac{50}{2}+(S_{1}\times (\frac{60}{2}+\frac{50}{2})+S_{3n}\times \frac{50}{2})=0[/math]

[math]S_{I}\times \frac{50}{2}+S_{II}\times (\frac{50}{2}+40+30)+(S_{3n}\times (\frac{50}{2}+40)+S_{2}\times 40+S_{1}\times (\frac{50}{2}+40) )=0[/math]

Решив ее, получим:

[math]S_{I}=-31,68-j16,81[/math]

[math]S_{II}=-64,288-j33,25[/math]

Учитывая условно положительное направление в вести 1-2 и обхода контура, запишем:

[math]S_{12}=-S_{I}=31,68+j16,81[/math]

Аналогично для второго контура:

[math]S_{34}=-S_{I}=64,288+j33,25[/math]

По Первому закону Кирхгофа найдем потоки мощности во всех ветвях:

Для узла 1: [math]S_{13}+S_{12}=S_{1}[/math] [math]S_{13}=S_{1}-S_{12}=28,32+j15,19[/math] Для узла 3: [math]S_{3n}+S_{13}=S_{23}+S_{34}[/math] [math] S_{23}=S_{3n}+S_{13}-S_{34}=6,032+j1,94[/math] Для узла 2: [math]S_{24}=S_{2}+S_{23}-S_{12}=47,712+j23,75[/math]

Возвращаем на место узел 5, тогда распределение потоков будет выглядеть так: